文档教程知识库【免费下载链接】InterviewGuide「InterviewGuide」是阿秀从校园-职场多年计算机自学过程的记录以及学弟学妹们计算机校招秋招经验总结文章的汇总包括但不限于C/C 、Golang、JavaScript、Vue、操作系统、数据结构、计算机网络、MySQL、Redis等学习总结坚持学习持续成长项目地址https://gitcode.com/forthespada/InterviewGuide点击查看免费下载本文基于 InterviewGuide 仓库中「精选力扣 300 题目之栈」专题整理而成。该专题位于 docs/notes/03-hunting_job/03-algorithm/03-leetcode/07-栈/introduce.md共收录 18 道栈相关高频题Easy 5 道、Medium 10 道、Hard 3 道每道题均附带可运行的 C 多版本解法与刷题踩坑记录。读完本文你将掌握栈在「最小栈、括号匹配、字符串处理、单调栈求最值」四类场景下的核心套路并拿到一套可直接照抄的校招/社招刷题清单。一、专题概览一份按难度分层的栈刷题地图栈Stack是 LeetCode 面试中出镜率极高的数据结构其后进先出LIFO特性天然适合处理括号匹配、路径简化、撤销操作、嵌套结构展开等场景。InterviewGuide 的这份栈专题遵循先 Easy 打基础、再 Medium 练套路、最后 Hard 上强度的递进节奏题目全部来自力扣高频题覆盖了栈题目的全部主流题型。1.1 Easy 入门题5 道题号题目核心考点仓库题解155最小栈常数时间取最小值的辅助栈设计easy/155.最小栈.md225用队列实现栈用队列模拟栈的出入顺序easy/225.用队列实现栈.md682棒球比赛栈模拟计分回退操作easy/682.棒球比赛.md844比较含退格的字符串退格操作 用 string 模拟栈easy/844.比较含退格的字符串.md1047删除字符串中的所有相邻重复项相邻去重 string 当栈用easy/1047.删除字符串中的所有相邻重复项.md1.2 Medium 进阶题10 道题号题目核心考点仓库题解71简化路径Unix 路径栈式简化medium/71.简化路径.md394字符串解码k[encoded]嵌套展开medium/394.字符串解码.md636函数的独占时间栈模拟函数调用栈medium/636.函数的独占时间.md739每日温度经典单调栈 / 跳跃优化medium/739.每日温度.md856括号的分数括号层级与分数计算medium/856.括号的分数.md921使括号有效的最少添加括号匹配 最小补齐数medium/921.使括号有效的最少添加.md946验证栈序列模拟 push/pop 全过程medium/946.验证栈序列.md1003检查替换后的词是否有效栈消去abc子串medium/1003.检查替换后的词是否有效.md1190反转每对括号间的子串括号内逐层反转medium/1190.反转每对括号间的子串.md1209删除字符串中的所有相邻重复项 II栈 计数去重medium/1209.删除字符串中的所有相邻重复项II.md1.3 Hard 压轴题3 道题号题目核心考点仓库题解84柱状图中最大的矩形经典单调栈求最大矩形面积hard/84.柱状图中最大的矩形.md85最大矩形84 题的二维进阶版hard/85.最大矩形.md316去除重复字母单调栈 字典序最小hard/316.去除重复字母.md从题目分布可以看出专题刻意放大了字符串 栈的组合题844、1047、71、394、856、921、1003、1190、1209 共 9 道这正是面试中栈题的最大出题来源。刷完这份清单栈相关的笔试面试题基本可以全覆盖。二、Easy 入门把栈的基本操作练到肌肉记忆2.1 155. 最小栈常数时间取最小值题目要求设计一个支持push、pop、top并能在常数时间内检索到最小元素的栈。仓库题解给出了三个递进版本。第一版双栈同步保存当前最小值。用stVal存值、stMin存每一步的最小值两个栈永远等长、同步出栈入栈class MinStack { public: MinStack() {} void push(int x) { stVal.push(x); if (stMin.empty() || x stMin.top()) // 第一个x或小于当前最小值存入新最小值 stMin.push(x); else stMin.push(stMin.top()); } void pop() { stMin.pop(); stVal.pop(); } int top() { return stVal.top(); } int getMin() { return stMin.top(); } private: stackint stVal, stMin; };第二版一次 push 两个元素把当前最小值也压进同一个栈。入栈时先压x再压当前最小值top()取真实值时需要临时弹出最小值再放回class MinStack { public: MinStack() {} void push(int x) { if (st.empty()) { numMin x; st.push(x); st.push(x); } else { numMin min(numMin, x); st.push(x); st.push(numMin); } } void pop() { st.pop(); st.pop(); if (!st.empty()) // 注意st可能为空直接写numMinst.top()会报错 numMin st.top(); } int top() { int numMinTemp st.top(); // 先保存最小值 st.pop(); numTemp st.top(); st.push(numMinTemp); return numTemp; // 不能返回局部变量的值以及地址 } int getMin() { return st.top(); } private: stackint st {}; int numMin, numTemp; };第三版第二版的变形——先压最小值、再压当前值。这样top()直接返回栈顶即可省去弹出再放回的操作原文档记录执行耗时从 64ms 降到 36ms。仓库在题解末尾专门总结了两个教训这是很多初学者会踩的坑函数返回时不能返回局部变量的值以及地址注意边界检查以及最小值的更新pop后栈为空时必须显式处理。2.2 225. 用队列实现栈只能使用队列的push to back、peek/pop from front、size、is empty操作来实现栈。核心思路pop时把队列前size-1个元素倒入辅助队列队首即栈顶弹出后再倒回主队列保证顺序恢复class MyStack { public: MyStack() {} void push(int x) { in.push(x); } int pop() { while (in.size() 1) { // 留下最后一个即栈顶 out.push(in.front()); in.pop(); } int i in.front(); in.pop(); while (!out.empty()) { // 剩余元素倒回主队列 in.push(out.front()); out.pop(); } return i; } int top() { return in.back(); // 队尾即栈顶 } bool empty() { return in.empty() out.empty(); } private: queueint in; queueint out; };这道题的要点在于理解队列队尾 栈顶这一等价关系top()因此可以 O(1) 完成。2.3 682. 棒球比赛栈模拟计分规则输入一个字符串列表整数表示本轮得分表示前两轮得分之和D表示前一轮得分两倍C表示撤销上一轮有效得分。用栈保存每轮有效得分即可int calPoints(vectorstring ops) { stackint score; int doubleScore, temp; for (auto it ops.begin(); it ! ops.end(); it) { if (*it C !score.empty()) { score.pop(); } else if (*it D !score.empty()) { score.push(score.top() * 2); } else if (*it ) { doubleScore score.top(); score.pop(); temp score.top(); score.push(doubleScore); score.push(doubleScore temp); } else { doubleScore 0; temp 1; for (auto a : *it) { if (a -) temp -1; // 注意负数的情况 else doubleScore doubleScore * 10 a - 0; } score.push(doubleScore * temp); } } doubleScore 0; while (!score.empty()) { doubleScore score.top(); score.pop(); } return doubleScore; }题解中特别提醒由于字符串中可能出现-2这样的负数解析整数时一定要单独处理负号同时C、D操作前要判断栈是否为空。2.4 844. 比较含退格的字符串用 string 当栈#代表退格字符两个字符串分别输入文本编辑器后判断是否相等。仓库题解直接用string模拟栈——这也是 1047 题学来的技巧string的push_back/pop_back/back()与栈操作完全等价却省去了显式建栈的开销bool backspaceCompare(string S, string T) { string sTemp , tTemp ; for (auto s : S) { if (s #) { if (sTemp.size() 0) // 注意判断条件栈空时退格无效 sTemp.pop_back(); else continue; } else sTemp s; } for (auto t : T) { if (t #) { if (tTemp.size() 0) tTemp.pop_back(); else continue; } else tTemp t; } return sTemp tTemp; }2.5 1047. 删除字符串中的所有相邻重复项反复删除相邻且相同的字母直到无法继续删除。第一版用显式stackchar出栈后拼接需要reverse第二版直接以string为栈代码量大幅缩减string removeDuplicates(string S) { string res ; for (char c : S) if (res.size() res.back() c) res.pop_back(); else res c; return res; }这一版在仓库中记录的执行用时仅 12ms击败 99.59%是string 即栈思路的最佳示范凡是只涉及末尾增删 看末尾的场景都可以直接用 string 替代 stack。三、Medium 进阶括号、路径与字符串处理的栈套路3.1 71. 简化路径向量/栈处理 Unix 路径将 Unix 绝对路径规范化为最简形式.表示当前目录、..表示返回上一级、多个连续/合并为一个。核心思路以/为分隔符切出目录段.跳过、..弹出栈顶若栈非空、普通目录入栈。仓库题解用vector代替栈理由是pop_back()/push_back()同样满足栈语义且更直观string simplifyPath(string path) { string result; vectorstring que; for (auto i 0; i path.size(); i) { // i 跳过 / 号 string temp ; while (path[i] ! / i path.size()) // 遇到 / 则跳出判断 temp 是什么 temp path[i]; if (temp .) continue; else if (temp ..) { if (!que.empty()) // 若为空已经跳不出去了直接 continue que.pop_back(); else continue; } else if (temp.size() ! 0) que.push_back(temp); } for (int i 0; i que.size(); i) { result /; result.append(que[i]); } return result.size() 0 ? / : result; // 空路径规范化为根目录 }这道题的隐藏考点在于边界语义/../在根目录向上跳是无效的示例 2 输出//home/末尾不能带斜杠/home//foo/的连续斜杠要合并——这些细节正是面评手写代码时最容易丢分的地方。3.2 394. 字符串解码栈模拟嵌套展开编码规则为k[encoded_string]方括号内部内容重复 k 次支持嵌套如3[a2[c]]。仓库第一版解法直接把string res当作栈遇到]就从res末尾反向弹出字符直到[再反向弹出数字得到 k最后把弹出来的子串重复 k 次压回resstring decodeString(string s) { string res, temp, countStr; int count; for (auto i : s) { count 0; temp ; countStr ; if (i ! ]) res.push_back(i); else { while (res.back() ! [) { // 弹出括号内内容 temp res.back(); res.pop_back(); } res.pop_back(); // 弹出 [ while (!res.empty() res.back() 0 res.back() 9) { countStr res.back(); // 弹出数字注意是反序的 res.pop_back(); } reverse(countStr.begin(), countStr.end()); // 反转得到正确数字 count stod(countStr, 0); reverse(temp.begin(), temp.end()); // 子串也要反转 for (int j 0; j count; j) res temp; } } return res; }两个reverse是本题最容易出错的地方因为字符是从字符串尾部弹出的数字和子串都是反序必须各自反转后才能拼接。3.3 636. 函数的独占时间栈模拟函数调用栈给定function_id:start_or_end:timestamp格式的日志求每个函数的独占时间调用其他函数的时间不计。仓库解法用stackpairint,int保存当前正在运行的函数 id 和起始时间vectorint exclusiveTime(int n, vectorstring logs) { vectorint result(n, 0); stackpairint, int myStack; // 函数id, 起始时间 for (auto log : logs) { string operation ; int funcId 0, timeStamp 0, index 0, logSize log.size(); // 第一步读取函数id while (log[index] ! :) funcId funcId * 10 log[index] - 0; index 1; // 跳过 : // 第二步读取操作类型 while (log[index] ! :) operation log[index]; index 1; // 第三步读取时间戳 while (index logSize) timeStamp timeStamp * 10 log[index] - 0; // 第四步按操作处理 if (operation start) { myStack.push({funcId, timeStamp}); } else { // end int runTime timeStamp - myStack.top().second 1; // 栈顶函数运行时间 myStack.pop(); result[funcId] runTime; // 若栈非空说明外层函数嵌套了当前函数需减去当前函数占用时间 if (!myStack.empty()) { result[myStack.top().first] - runTime; } } } return result; }以 0 为中介属于自己的就加上、不属于自己的就减去是这套算法的精髓内层函数结束时先把运行时间记给自己再把它从外层函数的累计时间里扣除最终每个函数得到的就是自己的独占时间。这本质上是模拟了真实的函数调用栈。3.4 739. 每日温度经典单调栈与跳跃优化给定气温列表输出每个位置需要等待多少天温度才会升高。仓库题解记录了三条递进路线非常值得研究。第一版暴力法直接超时——从后往前对每个位置向右线性扫描。第二版利用已计算结果跳跃。j res[j]借助后续位置的已知答案直接跳过比当前值小的区间vectorint dailyTemperatures(vectorint T) { int len T.size(); vectorint res(len); res[len - 1] 0; for (int i len - 2; i 0; --i) { for (int j i 1; j len; j res[j]) { // j result[j] 利用已有结果跳跃小于的直接跳过 if (T[j] T[i]) { res[i] j - i; break; } if (res[j] 0) { res[i] 0; break; } // 遇到0说明后面没有更大的 } } return res; }第三版微调。vectorint res(len)已默认初始化为 0因此可以去掉两处显式赋值 0 的代码逻辑不变、代码更简洁。这道题是单调栈的经典热身题标准的单调栈解法是在正向扫描时维护一个递减栈遇到比栈顶大的温度就弹出并结算天数差面试时两种思路跳跃 DP 与单调栈都能讲通。3.5 856. 括号的分数层数与二进制移位平衡括号字符串按规则计分()得 1 分AB得AB分(A)得2*A分。仓库解法抓住了一个极简数学规律(()(())) (()) ((()))每一对紧邻的()贡献的分数是2^(层数-1)/* 出现 ( 代表层数1出现 ) 代表层数-1 */ class Solution { public: int scoreOfParentheses(string S) { int deep 0, ans 0; for (int i 0; i S.length(); i) { if (S[i] () deep; else deep--; if (S[i] ) S[i-1] () ans 1 deep; // 2^deep } return ans; } };只扫描一遍、无需建栈关键在于发现分数只由()对及其嵌套深度决定。3.6 921. 使括号有效的最少添加给定只含(和)的字符串求最少添加多少个括号使其有效。栈解法遇到)且栈顶是(则配对弹出其余情况一律入栈最终栈里剩下的未配对括号数就是最少添加数int minAddToMakeValid(string S) { if (S.size() 1) return S.size(); stackchar st; st.push(S[0]); for (int i 1; i S.size(); i) { if (S[i] )) { if (st.empty()) st.push()); else if (st.top() () st.pop(); else st.push()); } else { st.push(S[i]); } } int cut 0; while (!st.empty()) { st.pop(); cut; } return cut; }原文档还在第二版中意外附了一份电话号码字母组合的队列 BFS 解法同属回溯/组合类题可作延伸阅读但它不是本题的正解阅读时注意区分。3.7 946. 验证栈序列模拟完整 push/pop给定pushed和popped两个序列判断它们是否可能是在空栈上执行 push/pop 得到的结果。仓库解法模拟整个过程依次压入pushed[i]一旦栈顶与popped[j]相等就持续弹出并推进j最后检查栈是否为空且j是否走完bool validateStackSequences(vectorint pushed, vectorint popped) { if (pushed.size() ! popped.size()) return false; stackint st; unsigned j 0, lenPush pushed.size(); for (unsigned i 0; i lenPush j lenPush; i) { st.push(pushed[i]); if (popped[j] ! st.top()) continue; else { st.pop(); j; for (int k st.size() - 1; k 0; --k) { if (!st.empty() st.top() popped[j]) { j; st.pop(); } else break; } } } return st.empty() j lenPush; }原文档作者自述自己写的看错了改了好久——这道题的坑在于弹出可能连续发生多次一次pop后栈顶又恰好等于下一个popped[j]这也是模拟类题目的通病写完主流程后务必补上连锁反应的处理。3.8 1003. 检查替换后的词是否有效有效字符串可不断在任意位置插入abc得到。判断给定字符串是否有效。栈解法扫描字符遇到c且栈顶依次为b、a时把这对ab弹出等价于消去一个abc否则入栈最终栈空则有效bool isValid(string S) { stackchar st; for (auto ch : S) { if (st.empty()) { st.push(ch); } else if (ch c) { if (!st.empty() st.top() b) { st.pop(); if (!st.empty() st.top() a) st.pop(); else st.push(b); // 撤销刚才的弹出保持栈状态正确 } else { st.push(c); } } else st.push(ch); } return st.empty(); }每次pop前先判空是原文档反复强调的教训——栈为空时访问top()是未定义行为这也是所有栈题通用的边界纪律。3.9 1190. 反转每对括号间的子串按照从括号内到外的顺序逐层反转每对括号中的字符串。栈解法遇到)就从栈中弹出到最近的(把弹出的子串已反转重新压回栈继续处理外层string reverseParentheses(string s) { stackchar res; string str ; for (auto i : s) { // 使用引用有较大提升 if (i )) { while (res.top() ! () { str res.top(); res.pop(); } res.pop(); // 将 ( 推出 for (auto j : str) res.push(j); str ; } else { res.push(i); } } while (!res.empty()) { str res.top(); res.pop(); } reverse(str.begin(), str.end()); return str; }原文档两版对比记录显示把for (auto i : s)改为for (auto i : s)引用遍历后执行用时从 4ms 降到 0ms。遍历大字符串时优先使用引用是 C 刷题中一个立竿见影的性能习惯。3.10 1209. 删除字符串中的所有相邻重复项 II删除 k 个相邻且相等的字母反复执行直到无法继续。需要两个栈一个存字符、一个存该字符连续出现的次数string removeDuplicates(string s, int k) { stackint times; stackchar st; for (auto vi : s) { if (st.empty() || st.top() ! vi) st.push(vi), times.push(1); else if (st.top() vi) times.top(); if (times.top() k) st.pop(), times.pop(); // 凑满k个立即消去 } string result ; int i, len; char ch; while (!st.empty()) { len times.top(); ch st.top(); for (i 0; i len; i) result ch; st.pop(), times.pop(); } reverse(result.begin(), result.end()); // 很重要 return result; }注意最后从栈中逐个弹出字符时顺序是反的reverse一步不能省。这也是 1047 题的推广1047 是 k2 的特例此题把计数塞进栈里就得到了通用解法。四、Hard 压轴单调栈的深度应用4.1 84. 柱状图中最大的矩形经典给定 n 个非负整数表示柱状图各柱高度宽度为 1求能勾勒出的最大矩形面积。示例高度[2,1,5,6,2,3]的最大矩形面积为 10如下图所示第一版单调栈。在数组末尾追加一个高度 0 作为哨兵保证所有柱子最终都会出栈结算。维护一个递增栈存下标当新柱高小于等于栈顶柱高时弹出栈顶并以其为高、以当前下标与新的栈顶下标之差为宽计算面积int largestRectangleArea(vectorint heights) { stackint st; heights.push_back(0); // 哨兵强制最后全部出栈 int res 0, temp; for (int i 0; i heights.size(); i) { while (!st.empty() heights[st.top()] heights[i]) { temp st.top(); st.pop(); res max(res, heights[temp] * (st.empty() ? i : (i - st.top() - 1))); } st.push(i); } return res; }原文档还附带了详细的运行日志展示[2,1,5,6,2,3]的完整进出栈过程下标 0 进栈后因高度 2≥1 出栈得面积 2下标 3高度 6出栈得 6、下标 2高度 5出栈得 10……最终res收敛到 10。建议读者对照日志自己跑一遍单调栈什么时候结算、以谁为高、宽度怎么算就彻底通了。二刷路线左右边界法。先暴力求每个柱子左右能延伸到的边界O(n²) 超时再改良——跳跃复用已算好的边界左边用left[bound-1]一步跳到位右边同理int largestRectangleArea(vectorint heights) { int len heights.size(); if (len 0) return 0; if (len 1) return heights[0]; int maxArea -1; vectorint left(len, 0), right(len, 0); // 每个节点左右两边能到达不小于自己高度的最大距离 for (int i 0; i len; i) { int bound i; while (bound 0 heights[bound - 1] heights[i]) bound left[bound - 1]; // 利用已得结果不用自己慢慢遍历 left[i] bound; } for (int i len - 1; i 0; --i) { int bound i; while (bound len - 1 heights[bound 1] heights[i]) bound right[bound 1]; right[i] bound; } for (int i 0; i len; i) maxArea max(maxArea, (right[i] - left[i] 1) * heights[i]); return maxArea; }三刷把二刷的边界跳跃逻辑整理成最终形态。原文档记录该版本执行用时 4ms击败 99.99%。一题三刷、逐步优化的完整轨迹正是 InterviewGuide 题解的最大价值它展示的不是标准答案而是一个真实的刷题者如何从超时暴力到最优解。4.2 85. 最大矩形84 题的二维进阶给定仅含 0 和 1 的二维矩阵找出只含 1 的最大矩形面积。仓库解法明确标注**是 84 题的进阶版**把每一行视为一个柱状图——heights[j]表示第 j 列从当前行向上连续 1 的个数遇到 0 则清零然后对每一行调用 84 题的largestRectangleArea取最大值int largestRectangleArea(vectorint heights) { /* 同84题见上文 */ } int maximalRectangle(vectorvectorchar matrix) { if (matrix.size() 0 || matrix[0].size() 0) return 0; int row matrix.size(), col matrix[0].size(); int maxArea -1; vectorint heights(col, 0); // 注意是列而不是行 for (int i 0; i row; i) { for (int j 0; j col; j) { if (matrix[i][j] 1) heights[j] heights[j] 1; // 向上累加连续1 else heights[j] 0; // 遇到0则这条列上的值归零 } maxArea max(maxArea, largestRectangleArea(heights)); } return maxArea; }把二维问题逐行降维成一维柱状图是这类矩阵题的通用破题思路理解了 84 题85 题只是多了一层行循环。4.3 316. 去除重复字母单调栈 字典序最小去除字符串中重复字母使每个字母只出现一次且返回结果的字典序最小不能打乱相对位置。仓库解法用unordered_map记录每个字符最后一次出现的位置再用单调栈维护结果遇到更小的字符时若栈顶字符之后还会出现mp[st.top()] i就把栈顶弹出以换取更小的字典序string removeDuplicateLetters(string s) { unordered_mapchar, int mp; // 记录某个字符出现的最后位置 unordered_mapchar, int in_st; // 记录字符是否已在栈中 for (int i 0; i s.size(); i) mp[s[i]] i; stackchar st; // 记录结果的栈 for (int i 0; i s.size(); i) { if (in_st[s[i]]) continue; // 栈中已有当前字符跳过 while (st.size() s[i] st.top() mp[st.top()] i) { // 栈顶元素会在之后的位置出现且要求字典序最小弹出并抹除记录 --in_st[st.top()]; st.pop(); } st.push(s[i]); in_st[s[i]]; } string res; while (!st.empty()) { res st.top(); st.pop(); } reverse(res.begin(), res.end()); return res; }第二版改用vectorchar实现同样的逻辑原文档注明用栈还是快一些。此题的决策条件s[i] st.top() mp[st.top()] i是单调栈的进阶应用不仅比较大小还要确认删掉它不会导致后面缺字母值得反复琢磨。五、从 18 道题中提炼的栈刷题方法论5.1 四个高频套路模式通过对整个专题的归纳栈题基本逃不出以下四种模式模式适用场景代表题目核心技巧辅助栈双栈需要额外维护当前最值/状态155、636两栈同步压入弹出保证 O(1) 取最值string 模拟栈字符串末尾增删、去重、退格844、1047、394back()/push_back()/pop_back()代替stackchar括号/配对消去括号匹配、嵌套展开、子串消除856、921、1003、1190、1209遇到右括号/终结符时回退弹出注意先判空单调栈求下一个更大/更小元素、最大矩形739、84、85、316维护单调递增/递减栈弹出时结算答案5.2 从原文档中提炼的 C 刷题纪律专题中各题解反复出现的踩坑笔记汇总如下这些正是面试手撕代码时最容易被追问的点返回局部变量函数返回时不能返回局部变量的值或地址155 题教训务必用成员变量或返回值传递边界判空每次pop()/top()前检查栈是否为空1003、682 题教训对空栈调用top()是未定义行为栈为空时的状态更新pop后栈可能为空更新最小值/次顶元素前必须判空155 题第二版教训出栈顺序与反转从栈中逐个弹出再拼接的结果是反序的记得reverse1047、1209、1190 题教训连续弹出一次pop后可能触发连锁匹配要用内层循环处理干净946 题教训引用遍历for (auto i : s)比for (auto i : s)在大字符串上性能提升明显1190 题两版对比。5.3 推荐刷题路径建议按以下顺序完成整个专题难度曲线平滑、前后呼应第一天Easy 5 题682 → 844 → 1047 → 225 → 155先掌握栈与 string 模拟栈的基本操作第二天Medium 前 5 题71 → 856 → 921 → 946 → 1003攻克括号与配对消去套路第三天Medium 后 5 题1190 → 1209 → 394 → 636 → 739从字符串处理过渡到单调栈第四天Hard 3 题84 → 85 → 316集中突破单调栈的三种进阶用法复习策略像 84 题那样对每道题做一题多刷第一遍暴力、第二遍优化、第三遍整理直到能脱离题解独立写出最优解。仓库中该专题的完整题解含全部多版本代码与运行日志均可从 introduce.md 目录页 逐题进入配合 README.md 中说明的整体刷题路线使用效果更佳。栈专题是面试的高频必考区把这份清单吃透笔试手撕代码时就能做到看到栈题不慌、套路信手拈来。赞分享文档教程知识库【免费下载链接】InterviewGuide「InterviewGuide」是阿秀从校园-职场多年计算机自学过程的记录以及学弟学妹们计算机校招秋招经验总结文章的汇总包括但不限于C/C 、Golang、JavaScript、Vue、操作系统、数据结构、计算机网络、MySQL、Redis等学习总结坚持学习持续成长项目地址https://gitcode.com/forthespada/InterviewGuide点击查看免费下载相关推荐力扣 155. 最小栈 | InterviewGuide 精选力扣 300 之栈如何在常数时间内取到栈中最小元素双栈与单栈压对的三种 C 解法力扣 155. 最小栈 | InterviewGuide 精选力扣 300 之栈如何在常数时间内取到栈中最小元素双栈与单栈压对的三种 C 解法 本文文档教程知识库LeetCode-Go 栈专题指南括号匹配、基础操作与单调栈题解分类LeetCode Go 栈专题指南括号匹配、基础操作与单调栈题解分类 本篇指南以 ctl/template/Stack.md https://link.git示例工程LeetCode 单调栈专题精讲原理、通用模板与实战题解LeetCode 单调栈专题精讲原理、通用模板与实战题解 导读 本文基于本仓库算法专题笔记 thinkings/monotone stack.en.md ht文档教程知识库上一篇Julep 3.0.0rc4 实战验收笔记首个真实控制面消费者驱动的 39 项缺陷清单、修复路径与产品路线下一篇openMVG 依赖体系解析GLFW、EasyExif 与 OSI/CLP 子模块的集成与源码应用创作声明：本文部分内容由AI辅助生成（AIGC），仅供参考